Esercizi di Topografia

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ESERCIZI SVOLTI DI TOPOGRAFIA – PROF. ING. PIANTONI ALDO 1. si deve determinare la pendenza tra due punti P e Q, che rappresentano gli estremi di una strada rettilinea. Poiché non si è riusciti ad individuare un punto dal quale siano visibili contemporaneamente i due punti, sono state effettuate, con un teodolite a graduazione destrorsa integrato da distanziometro ad onde, due stazioni celerimetriche collegate tra loro in modo indiretto. I dati rilevati sono i seguenti. stazione Punto collimato C.O. C.V. Distanza inclinata A H=1.705 P 210,3416° 83,6861° 135,618 m C 88,6014° 90,3043° 206,405 m D 57,4844° 88,6549° 287,835 m B H=1.644 C 114,6545° 87,3615° 238,437 m D 154,7458° 84,4818° 196,585 m Q 246,3489° 94,3215° 175,606m Si assuma, per i calcoli altimetrici, un’altezza del prisma pari a 1,500m, k=0,12 e R=6.376.500 m. Con i dati forniti nel libretto delle misure si determinano innanzi tutto le distanze orizzontali AP=135.618 sen83.6861 = 134.795 m AC=206.405 sen90.3043 = 206.402 m AD=287.835 sen88.6549 = 287.756 m BC = 238.437 sen87.3615 = 238.184 m BD=196.585 sen84.4818 = 195.647 m BQ=175.606 sen94.3215 = 175.107 m Per risolvere la parte planimetrica conviene determinare le coordinate di P e Q nel sistema di riferimento celerimetrico con origine in A, adottando il procedimento del collegamento di Porro. Le coordinate del punto P possono essere determinate subito, poiché tale punto è stato collimato direttamente da A: x p =AP senθ AP =134.795 sen210.3416 = -68.092 m y p =AP cosθ AP =134.795 cos210.3416 = -116.332 m si procede col calcolo dell’angolo di disorientamento tra le due stazioni, calcolando le coordinate dei due punti C e D nei due sistemi di riferimento

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Esercitazioni di topografia svolte

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ESERCIZI SVOLTI DI TOPOGRAFIA – PROF. ING. PIANTONI ALDO 1. si deve determinare la pendenza tra due punti P e Q, che rappresentano gli estremi di una strada rettilinea. Poiché non si è riusciti ad individuare un punto dal quale siano visibili contemporaneamente i due punti, sono state effettuate, con un teodolite a graduazione destrorsa integrato da distanziometro ad onde, due stazioni celerimetriche collegate tra loro in modo indiretto. I dati rilevati sono i seguenti.

stazione Punto collimato C.O. C.V. Distanza inclinata

A H=1.705

P 210,3416° 83,6861° 135,618 m C 88,6014° 90,3043° 206,405 m D 57,4844° 88,6549° 287,835 m

B

H=1.644

C 114,6545° 87,3615° 238,437 m D 154,7458° 84,4818° 196,585 m Q 246,3489° 94,3215° 175,606m

Si assuma, per i calcoli altimetrici, un’altezza del prisma pari a 1,500m, k=0,12 e R=6.376.500 m. Con i dati forniti nel libretto delle misure si determinano innanzi tutto le distanze orizzontali

AP=135.618 sen83.6861 = 134.795 m AC=206.405 sen90.3043 = 206.402 m AD=287.835 sen88.6549 = 287.756 m BC = 238.437 sen87.3615 = 238.184 m BD=196.585 sen84.4818 = 195.647 m BQ=175.606 sen94.3215 = 175.107 m

Per risolvere la parte planimetrica conviene determinare le coordinate di P e Q nel sistema di riferimento celerimetrico con origine in A, adottando il procedimento del collegamento di Porro. Le coordinate del punto P possono essere determinate subito, poiché tale punto è stato collimato direttamente da A:

xp=AP senθAP=134.795 sen210.3416 = -68.092 m yp=AP cosθAP=134.795 cos210.3416 = -116.332 m

si procede col calcolo dell’angolo di disorientamento tra le due stazioni, calcolando le coordinate dei due punti C e D nei due sistemi di riferimento

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Sistema di riferimento con origine in A xC=AC senθAC=206.402 sen 88.6014 = 206.341 m

yC=AC cosθAC=206.402 cos 88.6014 = 5.038 m xD=AD senθAD=287.756 sen 57.4844 = 242.649 m yD=AD cosθAD=287.756 cos 57.4844 = 154.677 m

xD - xC

θCD=ARCTAN --------------- = 13.6385° yD - yC

Sistema di riferimento con origine in B

x’C=BC senθ’BC=238.184 sen 114.6545 = 216.471 m y’C=BC cosθ’BC=238.184 cos 114.6545 = -99.357 m x’D=BD senθ’BD=195.674 sen 154.7458 = 83.481 m

y’D=BD cosθ’BD=195.674 cos 154.7458 = -176.972 m x’D - x’C

θ’CD=ARCTAN --------------- = 239.7315° y’D - y’C

L’angolo di disorientamento tra le due stazioni è pari alla differenza dei due azimut

ε=θ’CD - θCD =226.0930°

le coordinate del punto Q, nel sistema di riferimento con origine in A valgono:

xQ= xC +CB senθCB+ BQ senθBQ = xC +CB sen(θ'CB- ε ) + BQ sen(θ'BQ- ε ) = 206.341 + 238.184 sen (114.6545 + 180 - 226.0930) + 175.107 sen (246.3489 - 226.0930) = 488.670 m

yQ= yC +CB cosθCB+ BQ cosθBQ = yC +CB cos(θ'CB- ε ) + BQ cos(θ'BQ- ε ) = 5.038 + 238.184 cos(114.6545 + 180 - 226.0930) + 175.107 cos (246.3489 - 226.0930) = 256.372 m

per controllo, si ripete il calcolo delle coordinate di Q, utilizzando il percorso ADBQ anziché ACBQ:

xQ= xD +DB senθDB+ BQ senθBQ = xD +DB sen(θ'DB- ε ) + BQ sen(θ'BQ- ε ) = 242,649 + 195.674 sen (154.7458 + 180 - 226.0930) + 175.107 sen (246.3489 - 226.0930) = 488.669 m

yQ= yD +DB cosθDB+ BQ cosθBQ = yD +DB cos(θ'DB- ε ) + BQ cos(θ'BQ- ε ) = 154.677 + 195.674 cos(154.7458 + 180 - 226.0930) + 175.107 cos (246.3489 - 226.0930) = 256.372 m

che, in pratica, coincidono con quelle calcolate precedentemente. La distanza tra i punti P e Q risulta quindi:

PQ= w (xQ - xP )2 + (yQ - yP )

2 =669.994 m

Anche la parte altimetrica può essere risolta considerando i percorsi PACBQ e PADBQ. I dislivelli misurati si calcolano con la formula della livellazione trigonometrica:

∆AP = h A - h P + AP cot φ AP + (1-k) AP2/2R = 15,121 ∆AC = h A - h P + AC cot φ AC + (1-k) AC2/2R = -0.888 ∆AD = h A - h P + AD cot φ AD + (1-k) AD2/2R = 6.967

∆BC = h B - h P + BC cot φ BC + (1-k) BC2/2R = 11.124 ∆BD = h B - h P + BD cot φ BD + (1-k) BD2/2R = 19.051

∆BQ = h B - h P + BQ cot φ BQ + (1-k) BQ2/2R = -13.086 utilizzando il percorso PACBQ si ottiene il seguente dislivello PQ: ricordando che ∆PA= - ∆AP

∆PQ =∆PA +∆AC +∆CB +∆BQ = -15.121 - 0.888 - 11.124 - 13.086 = - 40.219 m

utilizzando invece il percorso PADBQ si ottiene: ∆PQ =∆PA +∆AD +∆DB +∆BQ = -15.121 +6.967 - 19.051 - 13.086 = - 40.291m

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si adotta come valore più attendibile del dislivello la media aritmetica dei due valori

∆PQ = (- 40.291- 40.219)/2 = -40.255m

la pendenza della strada vale dunque: pPQ= -40.255/669.994 = -0.0601 = - 6.01% 2. determinare le coordinate planimetriche e la quota del punto P, dal quale si sono collimati, con un teodolite centesimale destrorso, i tre punti A, B e C di coordinate note:

A(317.818 ; 404.606) B( 385.606 ; 201.304) C( 243.445 ; -15.314)

stazione Punto collimato C.O. C.V.

P h=1.609m

A 369.6545 gon 101.2547 gon B 14.5743 gon 100.8895 gon C 62.0468 gon 98.6843 gon

Si assuma, per il calcolo della quota, k=0,14; R=6.377 Km; QA=188,766, QB=189,215 , QC=201,545

Gli angoli orizzontali che le proiezioni delle linee di collimazione formano tra loro valgono:

α=(PB) - (PA)= 14.5743 - 369.6545 + 400 = 44.9198 gon β= (PC) - (PA) = 62.0468 - 14.5743 = 47.4725 gon

dalla sequenza con cui si succedono gli angoli di direzione, il punto P non può che stare a sinistra della spezzata ABC; infatti, se il punto P fosse a destra, gli angoli di direzione dovrebbero aumentare da C verso A, mentre si verifica il contrario. Stabilita dunque la posizione di P è possibile effettuare la costruzione grafica, che permette di stabilire una soluzione approssimata del problema. Dalle coordinate di A e di B si ricava la distanza e l'azimut tra tali punti

AB= w q (385.606 - 317.818)2 + (201.304 - 404.606)2 r = 214.306 m

θAB=arctan q(385.606-371.818)/(201.304-404.606)r+200= 179.5109 gon

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tracciata la circonferenza passante per P, A e B, detto H il punto di intersezione con il segmento PC, si ha, visto che gli angoli AHB e BAH sono uguali agli angoli α, β

AH=AB/senα x sen(α+β) = 328.113 m

Le coordinate di H valgono quindi:

xH= xA +AH senθAH = xA+AH sen(θAB+ β ) = 182.873 m yH= yA +AH cosθAH = yA +AH cos(θAH+ β) = 105.528 m

Dalle coordinate di H si ottiene:

θHC= θPC = arctan q(243.445-182.873)/(-15.314 - 105.528)r+200 = 170.4197

θPA= θPC - (α+β ) =78.0274 gon θAP= θPA + 200= 278.0274 gon

da cui si possono calcolare gli elementi incogniti del triangolo ABP:

BAP=θAP -θAB = 278.0274 - 179.5109 = 98.5165 gon PBA= 200-(α + BAP) = 56.5637 gon PA= AB/senα x senPBA = 256.468 m

Che permette di calcolare le coordinate di P

XP= xA +PA senθAP = 317.818 + 256.486 sen 278.0274 = 76.458 m YP= yA +PA cosθAP = 404.606 + 256.486 cos 278.0274 = 317.828 m

Per risolvere il problema altimetrico è necessario calcolare le distanze dei vertici B e C dal punto P:

PB= wq(385.606 - 76.458)2 + (201.304 - 317.828)2r = 330.379

PC= wq(243.445 - 76.458)2 + (-15.314 - 317.828)2r = 372.650

I tre dislivelli misurati valgono quindi: R+Q

∆PA = h P + PA-------- cot ϕ PA + (1-k) PA2/2R = - 3.442 R R+Q

∆PB = h P + PB-------- cot ϕ PB + (1-k) PB2/2R = - 3.000 R R+Q

∆PC = h P + PC-------- cot ϕ PC + (1-k) PC2/2R = +9.321 R La quota del punto P può quindi essere determinata in tre modi diversi a seconda che si consideri come riferimento rispettivamente il punto A, B o C:

Q'P=QA + ∆AP = QA - ∆PA =188.766 + 3.442 = 192.208 Q"P=QB + ∆BP = QB - ∆PB =189.215 + 3.000 = 192.215 Q'"P=QC + ∆CP = QC - ∆PC =201.545 - 9.321 = 192.224

Come quota potrà quindi essere assunta la media aritmetica Qp=192.216

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3. determinare l’area compensata della particella rilevata Operazioni di campagna

Per ogni punto collimato si sono determinate le distanze orizzontali, utilizzando un nastro metrico d'acciaio, e gli angoli

orizzontali. Gli angoli verticali non sono stati letti, poiché non è stata presa in considerazione la parte altimetrica del

rilievo.

Sono state prefissate sia la tolleranza angolare sia quella lineare, che devono essere superiori ai rispettivi errori di

chiusura:

tα = 4ce3 =6.9c tl = 0.02en l

LIBRETTO DELLE MISURE

stazione Punto collimato Cerchio orizzontale Distanza orizzontale

100

200 121.583 g 24.548 m

300 77.543 g 24.564 m

101 8.801 g 12.400 m

102 198.201 g 12.868 m

200

100 321.583 g -

300 399.652 g 16.625 m

201 79.518 g 6.679 m

102 287.011 g 23.235 m

300

100 277.489 g -

200 199.652 g -

201 173.528 g 15.859

301 348.724 g 4.395

La planimetria dell'appezzamento, con i punti rilevati, è riportata nella figura.

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Calcolo dell'area con compensazione empirica

Si esegue dapprima il calcolo della poligonale, mediante compensazione empirica. Gli angoli al vertice risultano:

α = 121,583 - 77,543 = 44,040 g

β=399,652 - 321,583 = 78,069 g

γ =277.489 -- 199.652 = 77,837 g

Si procede quindi con la compensazione angolare degli angoli interni:

εα = |44,040 + 78,069 + 77,837 - 200 | = |199,946 - 200| = 0,054 g

che risulta inferiore alla tolleranza angolare prefissata:

ta = 4cw3 = 6,9c > 5,4c

e pertanto si può procedere con la compensazione angolare. Poiché la somma degli angoli misurati è risultata minore di

200 g, si dovrà aggiungere a ciascun angolo misurato 1/3 dell'errore di chiusura angolare εα:

αc = 44,040 + 0,018 = 44,058 g

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βc = 78,069 + 0,018 = 78,087 g

γc = 77,837 + 0,018 =77,855 g

Si possono ora calcolare gli azimut, assumendo un sistema di riferimento avente origine nel punto 100 e asse delle

ordinate diretto lungo l'origine del cerchio orizzontale in tale stazione;

θ100-200 = 121,583 g

θ200-300 = θ100-200 + βc +200= 399.670 g

θ300-100 = θ200−300 + γc -200= 277.525 g

Per controllo:

θ100-200 = θ300-100 + αc -200= 121.583 g

Si procede con la compensazione lineare, calcolando le coordinate parziali provvisorie:

sono le proiezioni dei lati sugli assi

(x200)100 = d100-200 sen θ100-200 = 23,151 m (x300)200 = d200-300 sen θ200-300 = -0,086 m (x100)300 = d100-300 sen θ300-100 = -23,049 m (y200)100 = d100-200 cos θ100-200 = -8,164 m (y300)200 = d200-300 cos θ200-300 = 16,625 m (y100)300 = d100-300 cos θ300-100 = - 8,493 m

Gli errori di chiusura lineare, rispettivamente lungo X e lungo Y, si ricavano facendo la somma: delle coordinate

parziali:

ex = n(Xj)i = 23,151 - 0,086 - 23,049 = 0,016 m

ey = n(yj)i = -8,164 + 16,65 - 8,493 = -0,032 m

Si ricava quindi l'errore lineare complessivo, confrontandolo con la tolleranza lineare:

εL = e(ε2x + ε2

y)= 0,036 m < tL = 0,02 e65,737 =. 0,162 m

Poiché la verifica è soddisfatta, si può procedere con la compensazione lineare; si calcolano

dapprima gli errori unitari:

Page 8: Esercizi di Topografia

ux= εεεεx / nnnn|(xj )i = 3,457 10-4

uy= εεεεy / nnnn|(yj )i = - 9,615 10-4

(x200)100 = (x200)100 - ux |(x200)100 | = 23,143 m (x300)200 = (x300)200 - ux |(x300)200 | = -0,086 m (x100)300 = (x100)300 - ux |(x100)300 | = -23,057 m (y200)100 = (x200)100 - ux |(y200)100 | = -8,156 m (y300)200 = (x300)200 - uy |(y300)200 | = 16,641 m (y100)300 = (x100)300 - uy |(y100)300 | = - 8,485 m

Le coordinate compensate delle tre stazioni valgono quindi:

x100 = 0,000 m x200 = x100 +(x200)100 = 23.143 m x300 = x200 +(x300)200 | = 23,057 m

y100 = 0,000 m y200 = y100 +(y200)100 = -8,156 m y300 = y200 +(y300)200 | = 8,845 m

Si ricavano ora le coordinate dei quattro vertici dell'appezzamento, partendo dalle coordinate compensate della

poligonale e facendo la media aritmetica dei punti iper-determinati:

x101 = x100 +d100-101 sen θ100-101=0,000+ 12,400 sen 8,801 = 1,709 m

y101 = y100 +d100-101 cos θ100-101=0,000+ 12,400 cos 8,801 = 12,282 m

x'102 = x100 +d100-102 sen θ100-102=0,000+ 12,868 sen 198,201 = 0,364 m

y'102 = y100 +d100-102 cos θ100-102=0,000+ 12,868 cos 198,201 = -12,863 m

x"102 = x200 +d200-102 sen θ200-102=23,143+ 23,235 sen 287,011 = 0,390 m

y"102 = y200 +d200-102 cos θ200-102= -8,156 + 23,235 cos 287,011 = -12,864 m

x102= (x'102+ x"102)/2 = 0,377

y102= (y'102+ y"102)/2 = -12,864

x'201 = x200 +d200-201 sen θ200-201= 23,143+ 6,679 sen 79,518 = 29,479 m

y'201 = y200 +d200-201 cos θ200-201= -8,156 + 6,679 cos 79,518 = -6,044 m

x"201 = x300 +d300-201 sen θ300-201=23,057 + 15,859 sen 173,528 = 29,463 m

y"201 = y300 +d300-201 cos θ300-201= 8,485 + 15,859 cos 173,528 = -6,023 m

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x201= (x'201+ x"201)/2 = 29,471 m

y201= (y'201+ y"201)/2 = -6,034

x301 = x300 +d300-301 sen θ300-301= 23,057+ 4,395 sen 348,724 = 19,888 m

y301 = y300 +d300-301 cos θ300-301= 8,485 + 4,395 cos 348,724 = 11,530 m

Avendo determinato le coordinate dei vertici, si può ora calcolare l'area compensata dell'appezzamento racchiuso dalla

poligonale applicando la formula di Gauss:

A =1/2 nYi(Xi-l - Xi+ l) =1/2[12,282 (19,888 - 0,377) - 12,864 (1,709 - 29,471) - 6,034 (0,377 - 19,888)+11,350 (29,471-

1,709)] =517,3 m2 4 . il quadrilatero ABCD è stato rilevato con un tacheometro centesimale destrorso determinando i seguenti elementi

stazione Punto collimato Cerchio orizzontale Distanza orizzontale

A D 0,000 gon 66,153 gon B 135,456 gon 98,389 gon

B

C 31,558 gon 115,444 gon A 377,165 gon 98,387 gon

Dividere il quadrilatero in tre parti, proporzional i ai numeri 3,5 4,5 3,2

con due dividenti parallele al lato CD, in modo che l'area proporzionale a 3,5 contenga tale lato, mediante le distanze dei loro estremi dai vertici C e D Dal libretto delle misure si ricavano gli angoli in A e in B e la distanza media AB: α=(AB)-(CD)=135,456 gon β=(BC)-(BA) + 400 = 54,393 gon AB= (98,389 + 98,387)/2= 98,388 m dapprima risolviamo il quadrilatero ABCD, scomponendolo nei due triangoli ABD e BDC.

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TRIANGOLO ADB

BD= w AB2 + AD2 - 2AB AD cos α = 144,697 m

Per determinare l'angolo β1 possiamo applicare il teorema dei seni, poichè α è ottuso

β1 =arcsen (sen α / BD x AD)= 25,373 gon δ1= 200 - α - β1 = 39,171 gon

A (ABD) = 1/2 ABxAD sen α= 2762,52 m2

TRIANGOLO BDC

β2 = β - β1 = 29.020 gon

CD = w BD2 + BC2 - 2BD BC COSβ2 =65,323 m

γ = arccos q(BC2 + CD2 - BD2) /(2BC CD) r = 114,228 gon

δ2 = 200 - γ - β2 = 56,752 gon δ = δ1 + δ2 = 95, 923 gon A (BDC) = 1/2 BDxBC sen β2 = 3676,81 m2

Si può ora determinare l'area del quadrilatero ABCD e delle parti frazionate

A(ABCD)= A(ABD) + A(BDC) = 6439,33 m2

A1 = 3,5/(3, + 4,5 + 3,2 ) xA(ABCD) = 2012,29 A2 = 4,5/(3, + 4,5 + 3,2 ) xA(ABCD) = 2587,23

A3 = A(ABCD) - A1 - A2 = 1839,81

Applichiamo ora la formula del trapezio alla prima superficie CDMN

MN = w CD2 - 2A1(cotγ +cotδ) = 70,169 m

h= 2A1 / (CD+MN) = 29,703 m

CM = h/senγ = 30,461 m DN = h/senδ = 29,764 m In modo analogo si procede per determinare la posizione della dividente PQ, salvo verificare in questo caso che il punto Q ricada all'interno del segmento DA (altrimenti si deve procedere partendo dalla terza superficie)

PQ = w CD2 - 2(A1+ A2 )(cotγ +cotδ) = 75,947 m

h2= 2(A1 + A2 )/ (CD+PQ) = 65,117 m

CP = h2/senγ = 65,777 m DN = h2/senδ = 65,250 m < AD=66,153 m

Page 11: Esercizi di Topografia

5. la bisettrice CM divide il triangolo ABC in due parti aventi la seguente valenza unitaria:

triangolo ACM: v 1=5,00 €/m2 triangolo BCM: v2 = 7,00€/m2 la posizione degli estremi P e Q delle due nuove dividenti uscenti dal vertice C che dividono il triangolo in tre parti di uguale valore, conoscendo i seguenti dati

c= 158,42 m αααα = 42,615° ββββ= 38,744°

applicando il teorema dei seni, determiniamo gli elementi incogniti del triangolo

γ= 180 - (α+β) = 98,641°

b= c/senγ x senβ = 100,284 m

a= c/senγ x senα = 108,493 m e la bisettrice che divide le superfici a diversa valenza : b CM = sen α = 67,938 m sen (α+γ/2) il valore complessivo dell'appezzamento ABC è quindi

vT = A(ACM)x5,00 + A(BCM)x7,00 = 1/2(bx5,00 + ax7,00)CM sen γ/2 = 32.481,28 €

pertanto ciascuna delle parti derivate dovrà avere un valore pari ad 1/3 di quello totale, che diviso per il valore unitario della parte corrispondente fornisce la relativa area

A (ACQ) = v1 /5,00 = 10.827,09/5,00 = 2165,4 m2 AQ= 2A(ACQ)/(b senα) = 63,783 m A (BCP) = v2 /7,00 = 10.827,09/7,00 = 1546,7 m2 BP= 2A(BCP)/(a senβ) = 45,559 m

Page 12: Esercizi di Topografia

6. due appezzamenti di terreno contigui, appartenenti a due distinti proprietari, hanno la parte di confine in comune rappresentata dalla spezzata ABCD. Uno degli appezzamenti è rappresentato dalla poligonale ABCDE; i confini dell'altro appezzamento sono rappresentati in corrispondenza del punto A dal prolungamento del lato EA ed in corrispondenza del punto D dal prolungamento del lato ED. I due proprietari desiderano sostituire alla spezzata ABCD un nuovo confine rettilineo, parallelo alla direzione AD, in modo da realizzare la condizione di compenso delle aree aggiunte e sottratte ai due proprietari. Gli elementi misurati con un tacheometro destrorso sono raccolti nel seguente libretto di campagna.

stazione Punto collimato Cerchio orizzontale Distanza orizzontale

A E 44,9074 g - B 143,7116 g 109,003

B

A 0,0000 g - C 84,3715 g -

C

B 0,0000 g 156,374 D 315,3065 g 85,606

D

C 0,0000 g - E 35,6848 g -

Determinare la posizione della nuova dividente

Si ricavano innanzi tutto dal libretto di campagna gli angoli al vertice (vedi figura):

α= (AB) - (AE) = 98,8042 g β = (CD) - (CB) = 315,3065 g

γ = (BC) - (BA) = 84,3715 g δ = (DE) - (DC) = 35,6848 g

II problema può essere risolto in due modi diversi: imponendo che l'area ceduta da un proprietario sia

equivalente a quella acquisita dallo stesso, oppure calcolando l'area di un appezzamento di terreno fittizio

che contenga la spezzata

da rettificare e imponendo la stessa area all'appezzamento col confine rettificato. Generalmente la prima

soluzione è conveniente quando la spezzata da rettificare è formata da solo due lati, mentre conviene la

seconda soluzione quando la spezzata ha più di due lati. In quest'ultimo caso è opportuno calcolare l'area

dell'appezzamento fittizio mediante la formula di Gauss; infatti, se il poligono è intrecciato, abbiamo visto

nella prima unità che tale formula fornisce già la differenza tra l'area percorsa in senso antiorario e quella

percorsa in senso orario. Per rendersi conto dei vantaggi della seconda soluzione rispetto alla prima, con

una spezzata di soli tre lati, come in questo caso, si presentano qui di seguito entrambe le soluzioni.

Prima modalità

Congiunto A con D, e indicato con P il punto di intersezione col lato BC, si nota dalla figura che se le aree

dei due triangoli ABP e PCD fossero uguali, il lato AD sarebbe la dividente cercata. Se invece dovesse

prevalere l'area ABP sull'area PCD, si dovrà spostare il confine AD verso B, parallelamente a se stesso, in

modo che l'area del trapezio AA'D'D risulti uguale all'eccedenza dell'area ABP rispetto all'area PCD.

Viceversa, se dovesse risultare maggiore l'area del triangolo PCD, il confine AD dovrà essere spostato verso

C.

Ricaviamo dunque le aree dei due triangoli staccati dal lato AD. Considerato il triangolo ABC, del quale si

conoscono due lati e l'angolo compreso, si ha:

AC = eAB2 + BC2 - 2 AB BCcos β = 167,479 m

Page 13: Esercizi di Topografia

AC2 + BC2 - AB2

ACB = arccos------------------------ = 43,4982 g 2 AC BC

CAB = 200 - β - ACB = 72,1303 g

Considerando ora il triangolo ACD:

ACD = ACB + (400 - δ) = 128,1917 g

AD = wAC2 + CD2 - 2 AC CD cos ACD = 218,323 m

CD2 + AD2 - AC2 ADC = arccos---------------------------= 48,7531 g

2 CD AD

CAD = 200 - ACD - ADC = 23,0552 g

Si possono pertanto ricavare le aree dei due triangoli, applicando la formula :

A(PCD) = 1/2 CD2 ( senBCD senADC ) / sen (BCD + ADC) = 2.851,21 m2

A(ABP) = 1/2 AB2 ( senDAB senβ ) / sen (DAB + β) = 4.641,15 m2

essendo DAB = CAB - CAD = 49,0751 g.

L'area del triangolo ABP risulta dunque più grande di quella del triangolo PCD di:

∆ = 4.641,15 - 2.851,21 = 1.789,94 m2

Tale area dovrà essere restituita al proprietario dell'appezzamento ABCDE, mediante il trapezio A'ADD'. Si ricavano

quindi ì due angoli adiacenti alla base AD di tale trapezio:

DAA' = 200 - α + DAB = 150,2709 g

ADD' = 200 - δ - ADC = 115,5621 g

Per cui, applicando la formula del trapezio:

A'D' = wAD2 - 2 ∆ (cot DAA' + cot ADD') = 228,404 m

Valtezza del trapezio si ricava dalla formula inversa dell'area:

h = 2∆ /(AD + A'D') = 8,014 m

Per cui le distanze cercate risultano:

Page 14: Esercizi di Topografia

AA'= h/sen DAA' = 11,381 m

DD' = h/ sen ADD' = 8,259 m

Seconda modalità

Per calcolare l'area del poligono intrecciato ABCD si devono determinare le coordinate dei vertici della poligonale

ABCD. Allo scopo si assume un sistema di assi avente origine in A ed asse delle ordinate diretto lungo AE (v. figura).

Gli azimut della poligonale si ricavano con la formula di trasporto:

θAB = α = 98,8042 g

θBC = θAB + β + 200 = 383,1757 g

θCD = θBC + γ - 600 = 98,4822 g

Poiché le distanze sono note si possono subito ricavare le coordinate dei vertici:

XB = AB senθAB = 108,984 m

Xc =XB + BC sen θBC = 68,138 m

XD = Xc + CD sen θCD = 153,720 m

YB = AB cos θAB = 2,047 m

Yc = YB + BC cos θBC = 152,992 m

YD = Yc + CD cos θCD = 155,033 m

Dalle coordinate, applicando la formula di Gauss, si può ricavare direttamente l'area del poligono intrecciato. Si noti che

se l'area risulterà positiva significherà che l'area del triangolo ABP (numerato in senso antiorario) prevale su quella del

triangolo PCR

∆= 1/2 [2,047(0 - 68,138) + 152,992(108,984 - 153,720) + 155,033(68,138 - O)] = 1.789,95 m2

il risultato è positivo, uguale a quello ricavato nelta prima modalità. Ciò sta ad indicare quindi che il lato AD dovrà

essere spostato verso il vertice B (si noti come il numero di passaggi risulti inferiore rispetto alla precedente soluzione).

Per applicare la formula del trapezio si devono prima determinare la base AD e i due angoli adiacenti; si ha:

AD = w (xD2 + yD

2) = 218,323 m

A'AD = 200 - θAD = 200 - arctan (xD/yD) = 150,2707 g

ADD' = 200 - δ - θDC + θDA = 115,5625 g

e quindi:

A'D' = w (AD2 - 2∆ (cotDAA' +cotADD') )= 228,404 m

L'altezza del trapezio si ricava dalla formula inversa dell'area:

h =2∆/ (AD+A'D')= 8,014 m

Page 15: Esercizi di Topografia

e, procedendo come nel caso precedente:

AA' = h/sen DAA' = 11,381 m

DD' = h/senADD' = 8,259 m

7. Un appezzamento di terreno di forma quadrilatera ABCD è individuato altimetricamente dalle due falde ABC e ACD. Conoscendo le coordinate e le quote dei vertici: A(O; O; 5,456) B(35,466; - 15,443; 7,554) C(81,466; - 5,455; 5,649) D(12,455; 33,566; 6,876) si determini il volume di terreno necessario per realizzare lo spianamento nei seguenti casi: a) piano orizzontale a quota 5,000 m; b) piano orizzontale a quota 10,000 m.

SQLUZlONE

Caso a Determiniamo le quote rosse nei vertici per stabilire se si tratta di spianamento di sferro, riporto o misto (vedi figura):

rA = 5,000 - 5,456 = - 0,456 m rC = 5,000 - 5,649 = - 0,649 m

rB = 5,000 - 7,554 = - 2,554 m rD = 5,000 - 6,876 = - 1,876 m

Dato che tutte le quote rosse sono negative, lo spianamento sarà completamente di sferro. Per calcolare il volume necessario, calcoliamo le aree delle due falde con la formula di Gauss:

A(ABC) =1/2 n yi(xi-1 -xi+1) = 1/2[yB (-xc) + yc (xB)] = 532,31 m2

A(ACD) =1/2 n yi(xi-1 -xi+1) = 1/2[yC (-xD) + yD (xC)] = 1.401,21 m2

Page 16: Esercizi di Topografia

Il volume di sterro risulta quindi (ignorando i segni meno delle quote rosse, tutti negativi):

Vst = A(ABC) (rA + rB + rC)/3 + A(ACD) (rA + rC + rD)/3= 649,24 + 1.392,34 = 2.041,58 m3

Caso b

In questo caso lo spianamento è di solo riporto, poiché le quote rosse sono tutte positive:

rA = 10,000 - 5,456= 4,544 m rC = 10,000 - 5,649 = 4,351 m

rB = 10,000 - 7,554 = 2,446 m rD = 10,000 - 6,876 = 3,124 m

Il volume di riporto totale .risulta:

Vrip = A(ABC) (rA + rB + rC)/3+ A (ACD) (rA + rC + rD)/3= 2.012,31 +5.613,71 = 7.626,02m3

Page 17: Esercizi di Topografia

ESAME DI STATO PER GEOMETRI - ANNO 1998

La proprietà fondiaria quadrilatera di vertici 1324 , per motivi di successione testamentaria, deve essere divisa in

due parti equivalenti.

I benefici ari decidono di realizzare il frazionamento con una dividente MN parallela al lato U e convengono,

altresì, che quella dividente rappresenti l'asse di un canale per uso irriguo, di comune proprietà.

Il tecnico preposto all'espletamento dell'incarico professionale decide, indipendentemente dalle coordinate

cartografiche planimetriche lette sugli atti catastali, di ridefinire la geometria di quel fondo mediante un

opportuno rilevamento, i cui risultati, comprensivi delle quote, conseguenti alle misurazioni e ai relativi calcoli,

sono qui riportati.

X1= 236,80 m

y 1= 172,40 m

Q1=201,OO m

X2 =576,10 m

Y2 =368,40 m

Q2 =207,90 m

X3 = 616,00 m

Y3= 960,10 m

Q3=202,80 m

X4 = 208,50 m

Y4=840,20 m

Q4= 191,10 m

Le due falde piane 124 e 234 definiscono l'orografia del fondo. L'asse del canale sarà costituito da un'unica

livelletta con quota rossa uguale a zero nel punto N, e con pendenza negativa da N verso M. TI valore di essa

sarà scelto dal candidato che fisserà anche la larghezza del fondo del canale e le scarpe delle sue sponde.

Il candidato, dopo aver determinato le distanze 1M e 2N (M sulla 14, N sulla 23), disegni, per la definizione di

quel progetto, la planimetria della proprietà fondiaria e del frazionamento, il profilo longitudinale lungo l'asse

del canale e un congruo numero di sezioni trasversali adottando opportunamente le scale di rappresentazione.

Determinazione della nuova dividente

Per il disegno della planimetria, assumiamo che le coordinate assegnate siano riferite ad un sistema di assi avente l'asse

X come asse delle ascisse e l'asse Y come asse delle ordinate, non essendo specificato nel testo che si tratta di

coordinate catastali.

I Si calcola innanzi tutto l'area AT dell'intero appezzamento 1234, metà della quale dovrà essere assegnata alle due parti

i derivate. Poiché si dispone delle coordinate dei vertici, risulta più pratico applicare la formula di Gauss :

Page 18: Esercizi di Topografia

AT = nYi(Xi-1 - Xi+i ) = 234.233m2

Essendo la nuova dividente parallela al lato 12 si applica il problema del trapezio, calcolando dapprima la lunghezza

della base 12 e i due angoli adiacenti:

12 = w (X2 - Xl)2 + (Y2 - Y1)

2 = 391,84 m

α = θ12 - θ.14 + 400 gon = 69,3481 gon

β = θ23 - θ21 + 400 gon = 137,6345 gon essendo:

θ12 = arctan (X2)1/(Y 2)1 = 66,6519 gon

θ.14 = arctan (X4)1/(Y4)1 + 400 gon = 397,3037 gon

θ23 = arctan (X3)2/(Y3)2 = 4,2864 gon

θ21 = θ12 + 200 gon = 266,6519 gon

Applicando ora la formula risolutiva del problema del trapezio, si ottiene la lunghezza della nuova dividente:

MN = w (1-2)2 - 2AT( cot α + cot β )= 434,03 m

Ricavando ora l'altezza del trapezio dalla formula dell'area si possono determinare le distanze richieste dal

tema:

h = 2AT/ (1-2) + MN)=283,62m

1M =h/sen α= 320,00 m

2N = h/sen β= 341,59 m

Nella figura 1 è riportata la planimetria della proprietà con indicazione della nuova dividente.

Page 19: Esercizi di Topografia

Determinazione della pendenza del canale

Calcoliamo dapprima le quote del terreno in corrispondenza dell'asse del canale (punti M ed N), tenuto conto

che l'appezzamento di terreno è costituito dalle due falde piane 124 e 234. Si conviene di indicare con Q le

quote del terreno e con q quelle di progetto.

QN = Q2 + 2N (Q3-Q2)/ 23 =204,96 m QM = Q1 + 1M (Q4-Q1)/ 14 =196,26 m

essendo:

23 =w q (X3 - X2)2 + (Y3 - Y2)

2r = 593,04m

14 =w q (X4 - X1)2 + (Y4 - Y1)

2r = 668,40m

Prima di determinare la pendenza di progetto è necessario calcolare la quota del terreno nel punto P di intersezione della

congiungente 24 con l'asse del canale. Si ha:

4P = 4M/ senMP4 = 311,76 m

δ1 = θ41 - θ42 = 39,4412 gon

MP = 4M/ sen (α+δ1) sen δ1= 204,25m

Qp = Q4 +4P (Q2-Q4)/ (24)= 199,86 m

Per la scelta ottimale della pendenza, trattandosi di un canale ad uso irriguo, si dovrebbe utilizzare un valore compreso

tra 0,06 e 0,10%, affinché la velocità dell'acqua non risulti troppo elevata, per evitare fenomeni di erosione delle sponde

e del fondo. Tale valore risulta però in disaccordo con la pendenza massima della congiungente MN (si noti che si tratta

di una spezzata, appartenendo a due falde diverse), che risulta pari rispettivamente a:

Page 20: Esercizi di Topografia

tratto NP: (199,86 - 204,96)/229,79= -2,22%

tratto PM: (196,26 - 199,86)/204,25= -1,76%

Le pendenze del terreno sono molto elevate per la realizzazione di un canale ad uso irriguo, tali comunque da richiedere

la realizzazione di particolari accorgimenti costruttivi del canale. Continuiamo comunque nello svolgimento dell'

esercizio assumendo che il canale in progetto rappresenti il tronco di un canale irriguo avente larghezza del fondo di 2

m, profondità iniziale di 2 m e pendenza uniforme del 2,3% (valore esagerato dal punto di vista idraulico, ma tale da

mantenere una profondità minima di 2 m e non ottenere un canale pensile).

In tali ipotesi le quote di progetto di fondo del canale risultano:

qN = QN - 2,0 = 202,96 m

qM = qN - MN . 0,023 = 192,98 m.

qP =qM + MP. 0,023 = 197,68 m

Le differenze tra le quote del progetto e quelle del terreno (quote rosse), corrispondenti alla profondità del canale

rispetto al piano campagna risultano quindi:

rN = 202,96 - 204,96 = - 2,00 m

rM = 192,98 -196,26 = - 3,28 m

rp = 197,68 - 199,86 = - 2,18 m

Per il disegno delle sezioni trasversali, è necessario determinare la pendenza del terreno perpendicolarmente all'asse del

canale. Tale pendenza risulterà diversa a seconda che si considerino le falde piane 124 o 234. Per il calcolo si I mandino

Page 21: Esercizi di Topografia

da M e da N le perpendicolari all'asse del canale, fino ad intersecare in R ed S rispettivamente i lati 12 e 34. Si

determinano quindi le distanze di tali punti dai vertici 1 e 3. Per il triangolo M1R:

1R = 1M. cos α = 148,19m

MR = 1M. Sen α = 283,63 m

E per il triangolo SN3:

SN3 = β - 100 = 37,6345 gon

S3N = θ34 - θ32 = 77,4962 gon

3S = 3N/ sen (SN3 + S3N) x sen SN3 = (23 - 2N)/sen (SN3 + S3N) x senSN3 = 114,20m

NS= 3N/sen (SN3 + S3N) x sen S3N = 242,73 m

Le quote dei punti R ed S risultano pertanto:

QR = Q1 + 1R (Q2 -Q1)/ 12= 203,61 m QS = Q3 + 3S (Q4 -Q3)/ 34= 198,83 m

Le pendenze del terreno perpendicolarmente all'asse del canale p1 e p2 risultano quindi, rispettivamente nelle due falde 124 e 234:

P1 = (QM - QR)/ MR= -2,59%

P2 = (Qs - QN )/NS= -2,53%

Nelle figure 3, 4 e 5 riportiamo le tre sezioni trasversali ritenute più rappresentative, effettuate rispettivamente in

corrispondenza dei punti N, P e M. Si è assunto come riferimento per il tracciamento delle sezioni quello relativo al

senso di scorrimento dell'acqua, in modo che la destra della sezione corrisponda alla destra idraulica. Per completare il

tracciamento delle sezioni si è ipotizzato che la pendenza del terreno oltre le falde sia costante, in quanto non si hanno

dati a disposizione per calcolarla.

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