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Calcolatori elettronici

Calcolatori elettronici – Architettura e organizzazioneGiacomo Bucci

Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl

Capitolo 7La CPU



• Contenuti– Esame approfondito del funzionamento della CPU

• definizione di un'architettura semplificata ispirata alle macchine RISC

• sviluppo due prototipi– Il primo prototipo (CPU1) è costruito in modo da eseguire le

istruzioni in un solo periodo di clock

– Il secondo prototipo (CPU2) esegue istruzioni in più cicli

– Confronto delle prestazioni– Sistema di interruzione




Architettura di riferimento

• Gli indirizzi di memoria sono riferiti ai byte• Istruzioni e dati occupano sempre e solo una parola

di 32 bit. • Istruzioni e dati si trovano in memoria allineate a

indirizzi multipli di 4 (0, 4, 8, 12, ...).• Se si escludono le istruzioni di salto, la regola di

aggiornamento del registro PC è: PC:= PC + 4• L'unità operativa presenta 32 registri di uso generale

di 32 bit (R0,R1, …,R31).• Repertorio di istruzioni estremamente ridotto.



Formato

Aritmetiche

Salto Incon.

Salto Condiz.

Load/Store

(F3)

(F2)

(F2)

(F1)




Semplificazione

• Si fa l’ipotesi che dentro i campi che corrispondono a indirizzi/scostamenti ci sia l’indirizzo/lo scostamento effettivo– Nella realtà le cose sono diverse. Ad esempio, tenuto conto

della nostra architettura: • conviene che campo IND del salto contenga l’indirizzo diviso

per 4 (in modo da economizzare e rendere 4 volte più grande lo spazio indirizzato). Ovviamente, è necessario che in fase di esecuzione il contenuto di IND venga moltiplicato per 4 (shiftato di 2 a sinistra)

• Portare IND a 32 bit sarebbe 0000||IND||00

– Invece supporremo che portare IND a 32 bit corrisponda all’operazione 000000||IND



Notazione

• La notazione 000000||INDsi indica anche come X(IND)

• La notazione (OFFSET16) 16||OFFSETindica l’azione di portare OFFSET da 16 a 32 bit, estendendo il segno. si indica anche come XS(OFFSET)

Assumeremo che ci sia anche l’istruzione NOP




Istruzioni aritmetiche tra registri

• Il campo OP contiene il codice di generica operazione aritmetica

• Il campo fALU identifica la specifica operazione da eseguire, per esempio: ADD, SUB, OR, MUL, etc.

• Le aritmetiche prevedono sempre due registri sorgente e un registro di destinazione.

• I campi Rs1 e Rs2 identificano i registri sorgente• Il campo Rd identifica il registro destinazione Esempio

ADD R1,R2,R3 ;R1:= R2+R3

SUB R4,R4,R2 ;R4:= R4-R2



Istruzioni LD ( Load) e ST (Store)

• Il campo Rb contiene il numero d’ordine del registro base

• Il OFFSET contiene lo scostamento

EsempioLD R13,100(R6) ; R13:= M[R6+100]

; R13:= M[R6+XS(OFFSET)]

ST 2000(R7),R2 ; M[R7+2000]:= R2

; M[R7+ XS(OFFSET)]:= R2




Istr. di trasferimento del controlloJMP : Jump, Salto incondizionatoJAL : Jump and link, salto incondizionato e collegamentoJE : Jump if equalJS : Jump on signJR : Jump relative, salto relativo a un registroINT : InterruptRFI : Return from interrupt



Istruzioni di salto e diramazione• Salto incondizionato

– Il campo OP contiene il codice di salto, il campo IND (sempre positivo) contiene l’indirizzo di destinazione diviso per 4. Esempio

JMP label ;PC:= X(IND)

JAL label ;R31:= PC; PC:= X(IND)

• Diramazione (Salto se uguale/sul segno)– Confronto tra il contenuto dei registri RS1 e RS2 e salto in

caso di uguaglianza. EsempioJE R1,R2,dest ;if R1=R2 then

;PC:= PC+ XS(OFFSET)

JS R4,R21,dest2




Altri Trasferimenti

• JR JR R17 ; PC:= R17

• INT INT 5 ;…… ; R30:= PC

• RFI RFI ; PC:= R30



Fasi di esecuzione

• IF – Instruction Fetch• ID – Instruction decode• EX – Execute• ME – Memory • WB – Write Back (aggiornamento registro destinazione)

IF ID EX ME WB




CPU1 (MONOCICLO)

• Esegue istruzioni in un solo periodo di clock• Richiede che memoria Istruzioni e memoria dati

siano separate (Harvard)

– La memoria istruzioni (MI) rende sempre disponibile il suo contenuto (quello della cella indirizzata da PC)



Cosa serve in CPU1

• Una sezione dedicata al prelievo delle istruzioni dalla memoria, di cui fa parte PC. – Ad ogni ciclo di clock PC viene incrementato (di 4) in modo da

eseguire l’istruzione successiva

• Una sezione di decodifica dell'istruzione e di prelievo del contenuto degli eventuali registri sorgente.

• Una sezione relativa alla ALU.• Una sezione dedicata alla lettura/scrittura nella memoria o alla

scrittura nel registro di destinazione

• L’esecuzione consiste nella propagazione dei segnali:– Da MI fino alla scrittura nei registri o in memoria




Esempio : Propagazione ST



Esempio : Propagazione ST

PC presenta il nuovo valore e MI presenta l’istruzione. Fino al prossimo IF la MI presenta sempre la medesima istruzione




Esempio : Propagazione STL’istruzione viene decodificata e viene asserito il comando ST e vengono prodotti i comandi che determinano le azioni necessarie.I due registri RS1 e RSd vengono letti in RF.Il contenuto di Rs1 va alla ALU, quello di Rsd va verso la MD.L’OFFSET dell’istruzione va alla porta ALU



Register File




Interno RF



Esempio : Propagazione STLa ALU effettua la somma e calcola l’indirizzo dove verràscritto il dato




Schema ALU



Esempio : Propagazione STIl risultato del calcolo della ALU viene propagato fino alla porta di indirizzi MD. Essendo asserito il comando ST, viene asserito il comando M_Write che determina la scrittura del dato.Sul fronte finale del clock viene incrementato il PC (+4) usando un sommatore distinto dalla ALU che èimpegnata sullo stesso ciclo di clock




Memoria



Durata del T del clock

Tmono periodo del clock (per CPU1)ti tempo richiesto dal generico stadiotmono,I richiesto dalla generica istruzione Itmono tempo per l’esecuzione di N istruzioni

tmono,I = ΣΣΣΣti

(la somma è estesa ai soli stadi interessati dall’istruzione I)

Tmono = max tmono,I

tmono = N Tmono




Esempio

• 30 ns per l'accesso alla memoria (MI o MD)• 5 ns per la decodifica dell'istruzione e per lettura dei

registri• 12 ns un'operazione di ALU• 5 ns per la scrittura di un registro

Tmono = 82 nsPer l’istruzione JMP il 57% del tempo è sprecato

MI ID ALU MD WR TAritm 30 5 12 5 52 LD 30 5 12 30 5 82 ST 30 5 12 30 77 JE/JS 30 5 12 47 JMP 30 5 35 JAL 30 5 5 40



CPU1 con memoria unificata….

• Per una CPU a un solo ciclo di clock e memoria unificata si può ricorrere a questo stratagemma:– nella prima fase del clock si legge dalla memoria (fetch)– nella seconda fase si esegue l’istruzione (execute)

• Comporta la presenza di un registro intermedio (IR) su cui memorizzare l’istruzione




CPU2

• Memoria unica• Più cicli di clock, esecuzione in più passi:

– IF– ID– EX– ME– WB

• Elementi necessari (per ora): PC, IR, RF, ALU• Ottimizzare l’uso delle risorse • Controllo maggiore



IF

• Azioni svolte in IF: IR:= M[PC]; PC:= PC+4(Durante IF ALU non viene utilizzata => si usa per incrementare PC)




ID

• Comprende il decodificatore del codice di istruzione• Il formato dell’istruzione consente la lettura degli

eventuali registri sorgente• Siccome ancora la ALU non viene impiegata per

l’eventuale operazione richiesta dall’istruzione, si puòimpiegarla per il calcolo dell’indirizzo di destinazione della diramazione. A tal fine occorre un registro di appoggio (DEST)

• Azione svolta: DEST:= PC + OFFSET• In realtà DEST := PC+XS(OFFSET)



ID

Il campo OFFSET deve essere esteso a 32 bit [operazione XS(OFFSET)]

L’estensione non è mostrata

DEST := PC+OFFSET




EX

• Determinata dal codice di operazione

– Aritmetiche: ALUout:= A fALU B– LD/ST: ALUout:= A + OFFSET – JE: ALUout:= A - B; if zero then PC:= DEST– JS: ALUout:= A - B; if segno then PC:= DEST– JMP: PC:= IND– JR PC:= RF.B – JAL PC:= IND



EX -- AritmeticheALUOut = A fALU B




EX -- LD/ST

Qui l’estensione è mostrata

ALUOut = A + OFFSET



EX -- JE/JS




EX – JMP/JAL/JR

La JAL deve salvare PC in R31:

• Quando R31 viene scritto (WB) PC è già stato modificato

• Ciò impone la presenza del registro PC1 Aggiornato come PC in IF



ME

• LD: Dmem:= M[ALUout]

• ST: M[ALUout]:= B




WB

Aritmetiche LD



CPU2 complessivo




Diagramma di stato aggregato

La UC è un automa a stati finiti. (macro)Stati: prelievo e codifica; 1 stato per ogni istruzione



Fasi di esecuzione• IF – Instruction Fetch• ID – Instruction decode• EX – Execute• ME – Memory • WB – Write Back (aggiornamento registro destinazione)

• Ad ogni fase corrisponde uno dei 5 cicli di clock T1, T2, T3, T4, T5;stato Si <=> ciclo di clock Ti

• T1 e T2 vengono spesi nel macrostato: prelievo e doco-difica.

• T3-T5 vengono spesi nelmacrostato corrisponden-te a ciscuna istruzione.

IF ID EX ME WB




Comandi e selettori

• COMANDI (= segnali di controllo che hanno effetto solo quando asseriti)

– PC_Write: Per abilitare l'ingresso a PC;– PC1_Write: per abilitare l'ingresso a PC1;– M_Read: per leggere la memoria; – In: per mettere il bus dei dati in ingresso;– M_Write: per scrivere in memoria;– Out: per mettere il bus dati in uscita;– IR_Write: per scrivere nel registro IR; – R_Write: per scrivere nel registro di destinazione;– DEST_Write: per scrivere in DEST;



CPU2 complessivo




…. Comandi e selettori

• SELETTORI (= segnali ai blocchi di selezione)

– Rsorg: per selezionare il registro di destinazione;– Dsorg: per selezionare la provenienza a D di RF;– INDsorg: per selezionare la provenienza dell'indirizzo di

memoria;– PCsorg: per selezionare la provenienza dell'ingresso a PC– ALUsorgA: per selezionare la provenienza dell'ingresso A di

ALU;– ALUsorgB: per selezionare la provenienza dell'ingresso B di

ALU;– OPALU: per selezionare la funzione di ALU.



CPU2 complessivo






Digramma di stato dettagliato




Diagr stato dettagliato … fetch decode…..



Diagr. Dettagliato (execute)




Stato di Prelievo, IF

Azioni previste: IR <- M[PC]; PC <- PC + 4• Comandi da asserire durante T1 (stato S1)

– M_Read: per leggere la memoria; – In: per mettere il bus dei dati in ingresso;– PC_Write: Per abilitare l'ingresso a PC;– PC1_Write: per abilitare l'ingresso a PC1;– IR_Write: per scrivere nel registro IR;

• Valori assunti dai Selettori– INDsorg=1: per trasmettere alla memoria il contenuto del PC;– PCsorg=0: per selezionare PC+4, prodotto dalla ALU, come ingresso al

PC– ALUsorgA=0: per selezionare il PC come ingresso A di ALU;– ALUsorgB=0: per selezionare la costante 4 come ingresso B di ALU;– OPALU=ADD: per selezionare la funzione di ALU.



Stato di Decodifica, IDLa decodifica avviene automaticamente attraverso una semplice rete combinatoria; quello che si fa è calcolare l’indirizzo di destinazione per un’eventuale istruzione JE/JS

Azioni previste: DEST <- PC + OFFSET

• Comandi da asserire durante T2 (stato S2) – DEST_Write: Per memorizzare in DEST l’ind. di destinazione

dell’eventuale JE/JS;

• Valori assunti dai Selettori– ALUsorgA=0: per selezionare il PC come ingresso A di ALU;– ALUsorgB=2: per selezionare il campo OFFSET dell’eventuale

istruzione JE/JS come ingresso B di ALU;– OPALU = ADD: per selezionare la funzione di ALU.




Istruzioni AritmeticheAzioni previste: ALUout = A fALU B

• Comandi da asserire durante T3 (stato S3A) : nessuno

• Valori assunti dai Selettori durante T3 (stato S3A) – ALUsorgA=1: per selezionare l’uscita A di RF come ingresso A di

ALU;– ALUsorgB: per selezionare l’uscita B di RF come ingresso B di ALU;– OPALU: per selezionare la funzione di ALU.

• In T4 tutto come in T3• Comandi da asserire durante T5 (stato S5A)

– R_Write:per scrivere nel registro destinazione

• Valori assunti dai Selettori durante T5 (stato S5A) – Rsorg = 0 per scrivere nel registro Rd indicato nell’istruzione– Dsorg = 0 per selezionare la provenienza da ALU del dato– JAL=0 per selezionare la provenienza da ALU del dato



Stato di Decodifica, ID

Dare forma algebrica ai comandi




Comandi

• Comandi: espressioni trovate come somme di prodotti tra i periodi e i codici

• Esempio: R_Write deve essere asserito su– T5 per le aritmetiche, per la LD e per la JAL:

R_Write= T5 . Aritm + T5 . LD + T5.JAL = T5(la semplificazione è possibile perché su T5 ci sono solo queste tre)

• Esempio: M_Read:– Su T1 per tutte le istruzioni– Su T4 e T5 per LD

M_Read= T1 + T4 . LD + T5 .LD



...Comandi

• In = T1 + T5.LD• M_Write = T4.ST• Out = (T3 + T4) ST • IR_Write = T1

• OPALU si esplicita in tre comandi ADD, SUB, fALU– ADD = T1 + T2 + T3 (LD+ST) +T4 (LD+ST)+ T5 LD– SUB = T3 (JE+JS)– fALU = (T3+T4+T5) ARITM




Selettori

• Su molti periodi sono ininfluenti (cond. indifferenza)Esempio: Dsorg: – su T1, T2, T3 e T4 è indifferente perché Rwrite è

disasserito.– Deve essere 1 su S5L e 0 su S5A e S5JAL – Dunque basta tenere Dsorg a 1 su T5 in presenza di LD e a

0 in tutti gli altri casi. Ovvero Dsorg = T5 . LD

• Selettori a due vie o più di 2 vie (codifica)



Considerazioni

Tmulti periodo del clock per CPU2. E’ determinato dallo stadio più lento

ττττi tempo richiesto dal generico stadioTmulti = max ττττi

Tmono periodo del clock di CPU1. E’ determinato dall’istruzione più lenta (L’istruzione più lenta è indicata con X; con x si indica il numero di stadi che attraversa)

Tmono = ττττmono,X = ΣΣΣΣ ττττi (somma sugli x stadi attraversati)

DUNQUE: ττττmulti,X = x* Tmulti >= ττττmono,X = Tmono

Nel multiciclo gli stadi più veloci si devono uniformare al più lento!!!!




Confronto monociclo - multiciclo

CPIi = numero di cicli di clock richiesto per una istruzione di tipo i

ττττmulti,I = CPIi * Tmulti Durata istruzione di tipo i

N numero di istruzioni eseguite da un programma

pi frazione di istruzioni di tipo i nel programma

tmulti tempo di esecuzione del programma

tmulti = N ΣΣΣΣ((((pi * ττττmulti,I ) = N ΣΣΣΣ((((pi * CPIi * Tmulti)

tmono = N * Tmono



Confronto monociclo multiciclo

tmono /tmulti = Tmono / ΣΣΣΣ((((pi * CPIi * Tmulti)

• Multiciclo fornisce migliori prestazioni se:– L'architettura consente di evitare il passaggio da tutti gli

stadi, in modo che ci siano istruzioni a ridotto numero di clock, per le quali valga

= CPIi * Tmulti <= Tmono

– Il mix di istruzioni nel programma (coefficienti pi) sia tale dafar in modo che il peso delle istruzioni del punto precedente sia superiore allo spreco di tempo dovuto all'aver uniformato al clock la velocità dei differenti stadi.




Prestazioni

• Assunzioni:– 30 ns accesso memoria– 5 ns decodifica istruzioni e lettura registri– 12 ns operazione ALU– 5 ns scrittura registro

Ne deriva T= 30 ns

• Durata istruzioni:– Aritm: 150 ns– LD 150 ns – ST 120 ns – JE/JS : 90 ns – JMP/JR: 90 ns – JAL 150 ns



..Prestazioni• Mix istruzioni (assunzione):

– istruzioni aritmetiche: 45%– istruzioni LD: 25%– istruzioni ST: 10% – istruzioni JE/JS: 12% – istruzioni JMP: 6%– istruzioni JAL: 2%

• Tempo medio per istruzione:0,45*150 + 0,25*150 + 0,10*120 + 0,12*90 + 0,06*90 + 0,02*150= 136,2 ns

Un tempo superiore del 66,10% al caso monociclo (82 ns). !!!

MI ID ALU MD WR TAritm 30 5 12 5 52 LD 30 5 12 30 5 82 ST 30 5 12 30 77 JE/JS 30 5 12 47 JMP 30 5 35 JAL 30 5 5 40




Miglioramenti

Criteri:• Anticipare per quanto possibile le operazioni, in modo

da ridurre il numero medio di clock per istruzione;• Scegliere un periodo di clock più breve, introducendo

eventualmente degli stati di attesa per le fasi piùlunghe, in modo da ottimizzare il tempo medio per istruzione;

E’ l’accesso alla memoria che determina T. Dunque conviene scomporre l’accesso a M in più cicli.

• Compattare fasi distinte e aggiustare opportunamente il clock.



Aumento della granularità del clock

• Portare T a 12 ns (tempo di ALU) => un accesso alla memoria richiede 3 cicli

– aritmetiche: 12 * 3 + 12 + 12 + 12 + 12 = 84 ns;– LD: 12 * 3 + 12 + 12 + 12 * 3 + 12= 108 ns.– ST: 12 * 3 + 12 + 12 + 12 * 3= 96 ns;– JE/JS: 12 * 3 + 12 + 12= 60 ns;– JMP/JR: 12 * 3 + 12 + 12= 60 ns;– JAL 12 * 3 + 12 + 12 + 12 + 12= 84 ns;

• Con il precedente mix si ha una durata media pari a0,45*84 + 0,25*108 + 0,10*96 + 0,12*60 + 0,06*60 + 0,02*84= 86,88 ns

• Miglioramento = 100 * (136,20 - 86,88)/136,20 = 36,21%

100*(86,88 - 82)/82 =5,95 % più lenta di CPU1

Nota: Ci sono sprechi in tutte le fasi (eccetto ALU) in particolare nell’accesso alla memoria (6 ns)




Ulteriore incremento della granularità

• Portare T a 5 ns=> un accesso alla memoria richiede 6 cicli

– aritmetiche: 5*6 + 5*3 + 5*3 + 5 + 5= 70 ns;– LD: 5*6 + 5*3 + 5*3 + 5 * 6 + 5= 95 ns;– ST: 5*6 + 5*3 + 5*3 + 5 * 6= 90 ns;– JE, JS: 5*6 + 5*3 + 5*3= 60 ns;– JMP/JR: 5*6 + 5*3 + 5 = 50 ns.– JAL 5*6 + 5*3 + 5 + 5 + 5= 60 ns;


• Miglioramento = 100 * (136,20-75,65)/136,20 = 44,46%

• Miglioramento rispetto a CPU1 = 100 * (82-75,65)/82 = 7,74%



Anticipazione e compattazione




Anticipazione e compattazione

• Mantenendo T = 30 ns

– aritmetiche: 30 + 30 = 60 ns;– LD: 30 + 30 + 30 + 30 = 120 ns; – ST: 30 + 30 + 30 = 90 ns;– JE/JS: 30 + 30 + 30 = 90 ns;– JMP/JR: 30 + 30 = 60 ns;– JAL 30 + 30 = 60 ns;


• Miglioramento = 100 * (136,20-81,60)/136,20 = 40,09%

• Quasi la stessa velocità di CPU1



Anticipazione, compattazione e clock fine

• T = 5 ns

– aritmetiche: 5*6 + 5 + 5*3 + 5 = 55 ns;– LD: 5*6 + 5 + 5*3 + 5 * 6 + 5= 85 ns;– ST: 5*6 + 5 + 5*3 + 5 * 6= 80 ns;– JE, JS: 5*6 + 5 + 5*3 + 5*3 = 65 ns;– JMP/JR: 5*6 + 5 = 35 ns.– JAL 5*6 + 5 + 5 + 5= 40 ns;


• Miglioramento = 100 * (136,20-64,76)/136,20 = 52,50%

• Miglioramento rispetto a CPU1 = 100 * (82-64,76)/82 = 21,10%




Interruzioni

• Esterne: – usate per gestire le operazioni di I/O.– asincrone rispetto all'esecuzione del programma

• Eccezioni: – causate da situazioni anomale (overflow nelle operazioni

aritmetiche, tentativo di esecuzione di un codice operativo non permesso, fallimento nell’accesso alla memoria virtuale

– sincrone rispetto all'esecuzione del programma ma non predicibili

• Trappole:– generate da apposite istruzioni (ad esempio, INT del

processore 8086). Sono una specie di istruzioni di salto con l'effetto di portare la macchina in opportune modalità di funzionamento

– sincrone e predicibili



Atomicità dell’interruzione

• IE: flip-flop di abilitazione del (sistema di) interruzione– Architettura 8086: due istruzioni STI e CLI (asseriscono SIE

e RIE rispettivamente)– Servizio interruzione equivale a RIE– RFI equivale a SIE




Interruzioni su CPU2

• IPOTESI– Linea INTR per le interruzioni esterne– Eccezioni filtrate da IE (come le interruzioni esterne)– Istruzioni INT per le interruzioni software– La logica di CPU salva il solo PC in R30 (qualunque sia il

tipo di interruzione) • la responsabilità di salvare gli eventuali registri che potrebbero

essere modificati dalla routine di servizio è lasciata al programmatore.

– Le interruzioni sono vettorizzate: • in CPU c’è la tabella TABIR (un blocco di registri di 32 bit)

identificati attraverso il numero di interruzione.



Interruzioni Software

• Istruzione INT• Essa determina:

– R30 PC;– PC TABIR[NInt];– Asserzione RIE;

• Occorre prevedere– Un percorso da TABIR a PC (ulteriore ingresso al Mux del

PC)– La selezione di R30 come registro di destinazione– (per le interruzioni esterne servirà anche un registro (SEL)

su cui appoggiare il selettore di interruzione)




Trattamento INT Servirà più

avanti



Ramo INT

Deve essere aggiunto il ramo di esecuzione di INT

SWrite può essere anticipato a T2, il resto può essere anticipato a T3




Interruzioni esterne

• Ipotesi:– quando IINTR è asserita la logica, terminata l’istruzione

corrente, passa al servizio dell’interruzione;– La logica di CPU asserisce INTA verso l’esterno, generando

un ciclo INTA sul bus; la logica esterna presenta il selettore sul bus dei dati in modo che possa essere letto sullo stesso ciclo INTA (INTA è una specie di Read);

– INTR resta asserita almeno fino al momento in cui viene asserito INTA

• Occorre prevedere un ramo nel diagramma di stato, ma la cosa non è tanto scontata!!

• Si può sfruttare l’istruzione INT



Possibile fenomeno di metastabilità

• Se ci si basasse solo su IINTR (che per natura èasincrono)

• Occorre sincronizzare la richiesta di interruzione!!!




Sincronizzazione INTR

• IRQ è sincronizzato rispetto all’ultimo clock (di ogni istruzione)



Interruzione esterna….




…Interruzione esterna

RIE

Dsorg=0

Rsorg=3

R_Write

X_VI



Attenzione!!!

• Nelle espressioni dei comandi e selettori attivi su T1 e T2 occorre tenere conto di IRQ– In precedenza si aveva

DEST_Write = T2– deve essere cambiata in

DEST_Write = T2 IRQ

– Si ha anche INTA = T2 IRQ




Più realistico

• Abbiamo assunto che TABIR fosse in CPU• TABIR deve stare in Memoria. Non c’è nessuna

difficoltà concettuale• Istruzione INT:

– NInt viene presentato all’esterno come indirizzo di memoria, viene asserito M_Read e quel che viene letto viene copiato in PC.

• Interruzione esterna: – su INTA il mondo esterno presenta sul bus dati il selettore

di interruzione esterna (equivale a NInt) – segue il passo precedente dell’istruzione INT.



Eccezioni

• Il selettore viene prodotto dalla logica di CPU– Es: page fault, divisione per zero– Occorre aggiungere la logica relativa alla provenienza del

selettore

• Filtrate attraverso IE come le interruzioni esterne• Occorre stabilire una priorità rispetto alle interruzioni

esterne

• Complicazioni. Esempio: – Page Fault. L’istruzione non si conclude, genera eccezione.

Successivamente deve essere rieseguita.




ISTRUZIONE RFI

• RFI

• L’istruzione deve:– effettuare PC R30 – asserire SIE



Discussione

• La nostra architettura – salva in R30 (non ha stack)– non prevede una parola di stato (è stato salvato solo PC!!!)

• TABIR non sta in CPU ma in memoria– Il selettore deve essere usato per leggere in memoria (in

TABIR) il vettore di interruzione

• Interruzioni annidate– Istruzione STI: set interrupt (asserisce SIE) – Istruzione CLI: clear interrupt (disasserisce SIE)




Interruzioni annidate

• Nella nostra architettura (mancanza di stack) sono difficili da attuare

RSERV … ;entrata

ST SAVR(R0),R30 ;salva R30 in mem.

STI ;riabilta interr.

…

LD R30,SAVR(R0) ;riprende R30

RFIPuò arrivare un’interruzione tra queste istruzioni: si perde R30

Prima del LD ci vuole CLI



Incidentalmente

• Come si fa con la nostra macchina una procedura ricorsiva?

• L’esempio classico è il fattoriale: fatt(x) = x * fatt(x-1)– 0! = 1 per definizione

Chiamante

LD R1,x(R0)

JAL FATT

ST y(R0), R1

Entrando in FATT

• se R1= 0 : R1 <- 1; JR 31

• se R1>= 1 : chiamare FATT passando R1-1

La chiamata si fa con JAL;ma prima deve essere salvato R1




…Una procedura ricorsiva

• Ogni volta che viene chiamato FATT dall’interno di FATT stessa occorre salvare il valore precedente di x (R1)

• Per trattare la ricorsività è necessario lo stack

• Costruzione dello stack:– Stabilire una convenzione per cui un registro (R29) viene

sacrificato a fare solo da SP.– R29 viene inizializzato dal SO e successivamente modificato

solamente attraverso due operazioni PUSH Rx e POP Rx• Ricorriamo al concetto di “macro” dell’assembler



Le due macro push e pop

• Per brevità assumiamo– che il repertorio preveda l’operazione ADDI (ADD Immediate:

somma l’operando immediato al registro sorgente ) e l’operazione JNE (salta se non zero)

– che R0 contenga sempre 0

macro PUSH &1 ;paramtro (Rx)ADDI R29,R29,4ST (R29),&1

endmacro

macro POP &1LD &1,(R29)ADDI R29,R29,-4

endmacro

Cresce verso gli indirizzi più alti




FATT Ha un difetto: in ingresso non controlla se x<0

FATT PUSH R31 ;salviamo il ritorno

JNE R1,R0,NonZADDI R1,R0,1 ;R1<- 1

POP R31 ;riprendiamo il ritorno

JR R31 ;uscita

;

NonZ PUSH R1 ;salva x correnteADDI R1,R1,-1 ;R1<- x-1

JAL FATT ;Da FATT si esce

; ;con R1 = fatt(x-1)

POP R2 ;R2<- x

MUL R1,R1,R2 ;R1<- x*fatt(x-1)POP R31 ; ripristino ritorno

JR R31



Registri riservati

• R31 dalla logica di CPU per JAL• R30 dalla logica di CPU per salvataggio PC

nelle interruzioni• R29 per convenzione software al fine della

costruzione dello stack

• Praticamente i tre registri sopra descritti non sono utilizzabili da parte del programmatore.

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